高二物理電勢(shì)差測(cè)試題答案

　　考試有利于知識(shí)的鞏固。下面是學(xué)習(xí)啦小編收集整理的高二物理電勢(shì)差測(cè)試題目及其參考答案以供大家學(xué)習(xí)。

　　高二物理電勢(shì)差測(cè)試題及答案

　　1.對(duì)于電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)，下列說(shuō)法中正確的是(　　)

　　A.電勢(shì)差的定義式UAB=WABq，說(shuō)明兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UAB與電場(chǎng)力做功WAB成正比，與移動(dòng)電荷的電荷量q成反比

　　B.把正電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)電場(chǎng)力做正功，則有UAB>0

　　C.電勢(shì)差的定義式中，UAB與移動(dòng)電荷的電荷量q無(wú)關(guān)

　　D.電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UAB等于把正電荷q從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)電場(chǎng)力做的功

　　解析：選BC.根據(jù)電勢(shì)差的定義，電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于將單位正電荷從一點(diǎn)移到另一點(diǎn)時(shí)靜電力所做的功，僅由電場(chǎng)及兩點(diǎn)的位置決定，與移動(dòng)的電荷量及做功的多少無(wú)關(guān)，即U=Wq也是比值定義式，故應(yīng)選B、C.

　　2.(2011年安徽省兩地三校高二聯(lián)考)一個(gè)帶正電的質(zhì)點(diǎn)，電荷量q=2.0 ×10-9C，在靜電場(chǎng)中由a點(diǎn)移到b點(diǎn)，在這過(guò)程中，除靜電力外，其他力做的功為6.0×10-5 J，質(zhì)點(diǎn)的動(dòng)能增加了8.0×10-5 J，則a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為(　　)

　　A.3.0×104 V B.1.0×104 V

　　C.4.0×104 V D.7.0×104 V

　　解析：選B.由動(dòng)能定理，外力對(duì)物體做功的代數(shù)和等于物體動(dòng)能的增量，得電場(chǎng)力對(duì)物體做的功W=8.0×10-5 J-6.0×10-5 J=2.0×10-5 J.由W=q(φa-φb)得φa-φb=W/q=1×104 V，所以只有B對(duì).

　　3.(2011年海淀區(qū)高二質(zhì)量檢測(cè))如圖1-5-5所示，實(shí)線為電場(chǎng)線，虛線為等勢(shì)面，相鄰兩等勢(shì)面間的電勢(shì)差相等.一個(gè)正電荷在等勢(shì)面L3處的動(dòng)能為20 J，運(yùn)動(dòng)到等勢(shì)面L1處時(shí)動(dòng)能為零;現(xiàn)取L2為零電勢(shì)參考平面，則當(dāng)此電荷的電勢(shì)能為4 J時(shí)，它的動(dòng)能為(不計(jì)重力及空氣阻力)(　　)

　　圖1-5-5

　　A.16 J B.10 J

　　C.6 J D.4 J

　　解析：選C.正電荷在電場(chǎng)中只受電場(chǎng)力的作用，在L3時(shí)，動(dòng)能為20 J，運(yùn)動(dòng)到L2等勢(shì)面時(shí)其動(dòng)能一定是10 J，此時(shí)電勢(shì)能為零，則此正電荷動(dòng)能和電勢(shì)能總和為10 J.當(dāng)它的電勢(shì)能為4 J時(shí)，動(dòng)能為6 J.所以C正確.

　　4.如圖1-5-6所示，三個(gè)等勢(shì)面上有a、b、c、d四點(diǎn)，若將一正電荷由c經(jīng)a移到d，電場(chǎng)力做正功W1，若由c經(jīng)b移到d，電場(chǎng)力做正功W2，則(　　)

　　圖1-5-6

　　A.W1>W2　φ1>φ2

　　B.W1

　　C.W1=W2　φ1<φ2

　　D.W1=W2　φ1>φ2

　　解析：選D.由W=Uq可知，W1=W2.

　　由Wc d=Uc d•q，Wc d>0，q>0，可知Uc b>0，

　　故φ1>φ2>φ3，正確.

　　5. (2011年北京東城區(qū)模擬)如圖1-5-7所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E=1.2×102 N/C，方向水平向右，一點(diǎn)電荷q=4×10-8 C沿半徑R=20 cm的圓周，從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，已知∠AOB=90°，求：

　　圖1-5-7

　　(1)這一過(guò)程電場(chǎng)力做的功是正功還是負(fù)功?做功多少?

　　(2)A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAB.

　　解析：(1)∵φB>φA，故將正電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)電場(chǎng)力做負(fù)功.W=-qE•R=-9.6×10-7 J.

　　(2)UAB=Wq=-ER=-24 V.

　　答案：(1)負(fù)功　9.6×10-7 J　(2)-24 V

　　一、選擇題

　　1.在電場(chǎng)中，A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為UAB=75 V，B、C兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為UBC=-200 V，則A、B、C三點(diǎn)電勢(shì)高低關(guān)系為(　　)

　　A.φA>φB>φC B.φA<φC<φB

　　C.φC>φA>φB D.φC>φB>φA

　　解析：選C.UAB=75 V表示φA比φB高75 V，UBC=-200 V，表示φC比φB高200 V，所以三點(diǎn)電勢(shì)高低為φC>φA>φB，選C.

　　2.在靜電場(chǎng)中，將一電子從a點(diǎn)移至b點(diǎn)，靜電力做功5 eV，則下列結(jié)論錯(cuò)誤的是(　　)

　　A.電場(chǎng)強(qiáng)度的方向一定由b到a

　　B.a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)差是5 V

　　C.電子的電勢(shì)能減少了5 eVw

　　D.因電勢(shì)零點(diǎn)未確定，故不能確定a、b間的電勢(shì)差

　　解析：選ABD.電子在移動(dòng)過(guò)程中靜電力做正功，說(shuō)明電勢(shì)升高，電子的電勢(shì)能減少，因此B錯(cuò)誤;C正確;由于電場(chǎng)線方向不一定沿ab連線方向，故A錯(cuò)誤;電場(chǎng)中兩點(diǎn)間電勢(shì)差為確定的數(shù)值.與電勢(shì)零點(diǎn)的選擇無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤.

　　3.一電子飛經(jīng)電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)，電子在A點(diǎn)電勢(shì)能為4.8×10-17 J，動(dòng)能為3.2×10-17 J，電子經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能為3.2×10-17 J，如果電子只受電場(chǎng)力作用，則(　　)

　　A.電子在B點(diǎn)時(shí)動(dòng)能為4.8×10-17 J

　　B.由A到B電場(chǎng)力做功為100 e V

　　C.電子在B點(diǎn)時(shí)動(dòng)能為1.6×10-17 J

　　D.A、B兩點(diǎn)間電勢(shì)差為-100 V

　　解析：選ABD. 因只有電場(chǎng)力做功，電子的電勢(shì)能與動(dòng)能之和不變，故有EkA+EpA=EkB+EpB，可得出EkB=4.8×10-17 J，A正確C錯(cuò)誤;電勢(shì)能減少了4.8×10-17J-3.2×10-17 J=1.6×10-17 J，故由A到B電場(chǎng)力做正功1.6×10-17 J=100 eV，B正確;由100 eV=UAB(-e)得：UAB=-100 V，故D正確.

　　4.如圖1-5-8所示，在豎直紙面內(nèi)有一勻強(qiáng)電場(chǎng)，一質(zhì)量為m、帶電荷量為-q的小球在一恒力F的作用下沿圖中虛線由A勻速運(yùn)動(dòng)至B.已知力F和AB間夾角θ=60°，AB間距離為d，且F=mg.則(　　)

　　圖1-5-8

　　A.勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E=Fq

　　B.A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差大小為 Fd2q

　　C.帶電小球由A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中電勢(shì)能增加了32mgd

　　D.電場(chǎng)方向與F方向關(guān)于AB對(duì)稱

　　解析：選AB.恒力F的大小和重力的大小相等并且夾角為120°，根據(jù)小球做勻速運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)可判斷電場(chǎng)力方向與豎直方向夾角為60°向左，大小等于F，即mg=qE=F.從A到B過(guò)程中，電場(chǎng)力做功WAB=Eq•dcos 60°=Fd2，A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為UAB=WABq=Fd2q.

　　5. (2011年興義市高二上學(xué)期月考)如圖1-5-9所示，平行線代表電場(chǎng)線，但未標(biāo)明方向，一個(gè)帶正電、電荷量為10-6 C的微粒在電場(chǎng)中僅受電場(chǎng)力作用，當(dāng)它從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)動(dòng)能減少了10-5 J，已知A點(diǎn)的電勢(shì)為-10 V，則以下判斷正確的是(　　)

　　圖1-5-9

　　A.微粒的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中的虛線1所示

　　B.微粒的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中的虛線2所示

　　C.B點(diǎn)電勢(shì)為零

　　D.B點(diǎn)電勢(shì)為-20 V

　　解析：選AC.因微粒僅受電場(chǎng)力作用，且由A點(diǎn)到B點(diǎn)時(shí)動(dòng)能減少，故電場(chǎng)力做負(fù)功，電場(chǎng)力的方向水平向左，軌跡應(yīng)為虛線1所示，A正確，B錯(cuò)誤;由WAB=UAB•q=-10-5 J，可得：UAB=-10 V，由UAB=φA-φB，可得φB=φA-UAB=0 V，故C正確，D錯(cuò)誤.

　　6.如圖1-5-10所示，水平固定的小圓盤A，其帶電荷量為Q，電勢(shì)為零，從圓盤中心O處由靜止釋放一個(gè)質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的小球，由于電場(chǎng)的作用，小球豎直上升的高度可達(dá)圓盤中心豎直線上的c點(diǎn)，O到 c之間距離為h而到圓盤中心豎直線上的b點(diǎn)時(shí)，小球速度最大，因此可知在Q所形成的電場(chǎng)中，可以確定的物理量是(　　)

　　圖1-5-10

　　A.b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng) B.c點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)

　　C.b點(diǎn)電勢(shì) D.c點(diǎn)電勢(shì)

　　解析：選AD.速度最大時(shí)加速度為零，由b點(diǎn)速度最大可知qEb=mg，所以Eb=mgq，由c點(diǎn)速度為零可知：mgh=-qφc，所以φc=-mghq.

　　7.如圖1-5-11所示，帶正電的點(diǎn)電荷固定于Q點(diǎn)，電子在庫(kù)侖力作用下，做以Q為焦點(diǎn)的橢圓運(yùn)動(dòng).M、P、N為橢圓上的三點(diǎn)，P點(diǎn)是軌道上離Q最近的點(diǎn).電子在從M點(diǎn)經(jīng)P到達(dá)N點(diǎn)的過(guò)程中(　　)

　　圖1-5-11

　　A.速率先增大后減小

　　B.速率先減小后增大

　　C.電勢(shì)能先減小后增大

　　D.電勢(shì)能先增大后減小

　　解析：選AC.電子所受庫(kù)侖力為引力，從M到P再到N，電子和正點(diǎn)電荷之間的距離先減小再增大，庫(kù)侖力先做正功再做負(fù)功，電勢(shì)能先減小再增加，動(dòng)能先增加再減小，速率先增加再減小，A、C選項(xiàng)正確，B、D選項(xiàng)錯(cuò)誤.新課標(biāo)第一網(wǎng)

　　8.如圖1-5-12所示，質(zhì)量為m、帶電荷量為q的粒子，以初速度v0從A點(diǎn)豎直向上射入真空中的沿水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，粒子通過(guò)電場(chǎng)中B點(diǎn)時(shí)，速率vB=2v0，方向與電場(chǎng)的方向一致，則A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差為(　　)

　　圖1-5-12

　　A.mv202q B.3mv20q

　　C.2mv20q D.3mv202q

　　解析：選C.粒子在豎直方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，則有

　　2gh=v20.

　　電場(chǎng)力做正功，重力做負(fù)功，使粒子的動(dòng)能由12mv20變?yōu)?mv20，則根據(jù)動(dòng)能定理，有

　　Uq-mgh=2mv20-12mv20，

　　解方程得A、B兩點(diǎn)電勢(shì)差應(yīng)為2mv20q，應(yīng)選C.

　　9.如圖1-5-13所示，a、b和c分別表示點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中的三個(gè)等勢(shì)面，它們的電勢(shì)分別為6 V、4 V和1.5 V，一質(zhì)子(11H)從等勢(shì)面a上某處由靜止釋放，僅受靜電力作用而運(yùn)動(dòng)，已知它經(jīng)過(guò)等勢(shì)面b時(shí)的速率為v，則對(duì)質(zhì)子的運(yùn)動(dòng)有下列判斷，正確的是(　　)

　　圖1-5-13

　　A.質(zhì)子從a等勢(shì)面運(yùn)動(dòng)到c等勢(shì)面電勢(shì)能增加4.5 eV

　　B.質(zhì)子從a等勢(shì)面運(yùn)動(dòng)到c等勢(shì)面動(dòng)能減少4.5 eV

　　C.質(zhì)子經(jīng)過(guò)等勢(shì)面c時(shí)的速率為2.25 v

　　D.質(zhì)子經(jīng)過(guò)等勢(shì)面c時(shí)的速率為1.5 v

　　解析：選D.質(zhì)子由高等勢(shì)面向低等勢(shì)面運(yùn)動(dòng)，電勢(shì)能減少，動(dòng)能增加，A、B都錯(cuò)誤;質(zhì)子從等勢(shì)面a到等勢(shì)面b，由動(dòng)能定理得12mv2=2 eV，質(zhì)子從等勢(shì)面a到等勢(shì)面c，由動(dòng)能定理得12mv2c=4.5 eV，解得vc=1.5 v，故D正確.C錯(cuò)誤.

　　二、計(jì)算題

　　圖1-5-14

　　10.(2011年山東臨沂模擬)如圖1-5-14所示，用長(zhǎng)為l的絕緣細(xì)線拴一質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的小球(可視為質(zhì)點(diǎn))后懸掛于O點(diǎn)，整個(gè)裝置處于水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)E中，將小球拉至懸線呈水平的位置A后，由靜止開始將小球釋放，小球從A點(diǎn)開始向下擺動(dòng)，當(dāng)懸線轉(zhuǎn)過(guò)60°角到達(dá)位置B時(shí)，速度恰好為零，求：

　　(1)B、A兩點(diǎn)的電勢(shì)差UBA;

　　(2)小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)，懸線對(duì)小球的拉力FT.

　　解析：(1)對(duì)小球，則A→B，由動(dòng)能定理得：

　　mglsin60°-qUBA=0

　　所以UBA=3mgl2q.

　　(2)在B點(diǎn)，小球受重力mg、電場(chǎng)力qE、繩拉力FT三力作用，建立如圖所示直角坐標(biāo)系，將三力正交分解.

　　因B點(diǎn)小球速度為0，則

　　FT=mgcos30°+qEcos60°=3mg.

　　答案：(1)3mgl2q　(2)3mg

　　11.如圖1-5-15所示的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，有a、b、c三點(diǎn)，ab=5 cm，bc=12 cm，其中ab沿電場(chǎng)方向，bc和電場(chǎng)線方向成60°角，一個(gè)電荷量為q=4×10-8 C的正電荷從a移到b電場(chǎng)力做功為W1=1.2×10-7 J，求：

　　圖1-5-15

　　(1)勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E;

　　(2)電荷從b移到c，電場(chǎng)力做的功W2;

　　(3)a、c兩點(diǎn)間的電勢(shì)差Uac.

　　解析：由于電場(chǎng)力做功W=qU與路徑無(wú)關(guān)，只與初、末位置間的電勢(shì)差有關(guān)，故可根據(jù)已知的電場(chǎng)力做功先求電勢(shì)差，再根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)差的關(guān)系確定場(chǎng)強(qiáng)E.反之亦然.

　　(1)設(shè)a、b兩點(diǎn)間距離為d，有

　　W1=qE•d①

　　由①式得w

　　E=W1qd=1.2×10-74×10-8×5×10-2 V/m=60 V/m.

　　(2)設(shè)b、c兩點(diǎn)沿場(chǎng)強(qiáng)方向距離為d1，有

　　d1=bc•cos60°②

　　W2=qE•d1③

　　由②③式得W2=qE•bc•cos60°

　　=4×10-8×60×12×10-2×0.5 J=1.44×10-7 J.

　　(3)設(shè)電荷從a移到c電場(chǎng)力做功為W，有

　　W=W1+W2④

　　W=qUac⑤

　　由④⑤式得

　　Uac=W1+W2q=1.2×10-7+1.44×10-74×10-8 V

　　=2.64×10-74×10-8 V=6.6 V.

　　答案：(1)60 V/m　(2)1.44×10-7 J　(3)6.6 V

　　12. (2011年成都高二檢測(cè))如圖1-5-16所示，在豎直平面內(nèi)，光滑絕緣直桿AC與半徑為R的圓周交于B、C兩點(diǎn)，在圓心處有一固定的正點(diǎn)電荷，B點(diǎn)為AC的中點(diǎn)，C點(diǎn)位于圓周的最低點(diǎn).現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為-q、套在桿上的帶負(fù)電小球(可視為質(zhì)點(diǎn))從A點(diǎn)由靜止開始沿桿下滑.已知重力加速度為g，A點(diǎn)距過(guò)C點(diǎn)的水平面的豎直高度為3R，小球滑到B點(diǎn)時(shí)的速度大小為2gR.求：

　　圖1-5-16

　　(1)小球滑至C點(diǎn)時(shí)的速度大小;

　　(2)A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差;

　　(3)若以C點(diǎn)作為參考點(diǎn)(零電勢(shì)點(diǎn))，試確定A點(diǎn)的電勢(shì).

　　解析：(1)因B、C兩點(diǎn)電勢(shì)相等，故小球從B到C的過(guò)程中電場(chǎng)力做的總功為零

　　由幾何關(guān)系可得BC的豎直高度

　　hBC=3R/2

　　根據(jù)動(dòng)能定理有

　　mg×3R/2=mv2C/2-mv2B/2

　　解得vC=7gR.

　　(2)因?yàn)殡妱?shì)差UAB=UAC，小球從A到C，重力和電場(chǎng)力均做正功，所以由動(dòng)能定理有

　　mg×3R+q|UAC|=mv2C/2

　　解得|UAB|=|UAC|=mgR/(2q)，

　　(3)因?yàn)?phi;A<φC、φC=0，所以

　　φA=-|UAC|=-mgR/(2q).

　　答案：(1)7gR　(2)mgR/(2q)　(3)-mgR/(2q)